Colles Mécanique des fluides Physique : MP/PC/PSI
MF11 – Ecoulement perturbé par une sphère
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MF12 – Atmosphère en équilibre
MF13 – Ecoulement entre deux cylindres
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MF14 – Champ de vitesse bidimensionnel
MF15 - Poussée et centre de poussée sur un mur de barrage
1°) On a :
𝐹𝐹
𝑝𝑝𝑝𝑝= �
𝑧𝑧=𝐻𝐻𝑏𝑏(𝜌𝜌𝜌𝜌(𝑧𝑧) + 𝑝𝑝
0)𝐿𝐿𝐿𝐿𝑧𝑧
𝑧𝑧=𝐻𝐻𝑎𝑎
⇔ 𝐹𝐹
𝑝𝑝𝑝𝑝= 𝜌𝜌𝜌𝜌(𝐻𝐻
𝑏𝑏2− 𝐻𝐻
𝑎𝑎2)𝐿𝐿
2 + 𝑝𝑝
0𝐿𝐿(𝐻𝐻
𝑏𝑏− 𝐻𝐻
𝑎𝑎)
⇔ ∆ 𝐹𝐹
𝑝𝑝𝑝𝑝= 𝜌𝜌𝜌𝜌(𝐻𝐻
𝑏𝑏2− 𝐻𝐻
𝑎𝑎2)𝐿𝐿 2
Donc :
𝜌𝜌𝜌𝜌�𝐻𝐻212�𝐿𝐿=
𝜌𝜌𝜌𝜌�𝐻𝐻222−𝐻𝐻12�𝐿𝐿=
𝜌𝜌𝜌𝜌�𝐻𝐻22−𝐻𝐻22�𝐿𝐿⇔ 𝐻𝐻
2= 2�𝐻𝐻
1𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐻𝐻
2= 𝐻𝐻
12+ 𝐻𝐻
22⇔ 𝐻𝐻
12= 𝐻𝐻
23 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐻𝐻
22= 2
3 𝐻𝐻
2⇒ 𝐻𝐻
1= 𝐻𝐻
√3 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐻𝐻
2= � 2
3 𝐻𝐻 2a) Soit :
𝑀𝑀
𝑜𝑜𝑜𝑜= 𝑍𝑍
𝑐𝑐𝑜𝑜𝜌𝜌𝜌𝜌(𝐻𝐻
𝑏𝑏2− 𝐻𝐻
𝑎𝑎2)𝐿𝐿 2b) Soit : 2
𝑀𝑀
𝑜𝑜𝑜𝑜= � 𝑧𝑧 �𝜌𝜌𝜌𝜌 (𝑧𝑧) �𝐿𝐿𝐿𝐿𝑧𝑧 = 𝜌𝜌𝜌𝜌𝐿𝐿 𝐻𝐻
𝑏𝑏3− 𝐻𝐻
𝑏𝑏22c) Donc pour la paroi 1 : 3
𝑍𝑍
𝑐𝑐1𝜌𝜌𝜌𝜌(𝐻𝐻
12− 0)𝐿𝐿
2 = 𝜌𝜌𝜌𝜌𝐿𝐿 𝐻𝐻
13− 0
3 ⇒ 𝑍𝑍
𝑐𝑐1= 2 3 𝐻𝐻
1MF16 - Océan en équilibre isotherme
1°) Soit :
𝐿𝐿𝑝𝑝
𝐿𝐿𝑧𝑧 = − ρ
0�1 + 𝑎𝑎(𝑝𝑝 − 𝑝𝑝
0)�𝜌𝜌 ⇔ 𝐿𝐿𝑝𝑝
1 + 𝑎𝑎(𝑝𝑝 − 𝑝𝑝
0) = − ρ
0𝜌𝜌𝐿𝐿𝑧𝑧
⇔ 1
𝑎𝑎 𝐿𝐿𝐿𝐿 [1 + 𝑎𝑎(𝑝𝑝 − 𝑝𝑝
0)] = − ρ
0𝜌𝜌𝑧𝑧 + 𝐶𝐶 Or : 𝑝𝑝 = 𝑝𝑝
0𝑒𝑒𝐿𝐿 𝑧𝑧 = 0 ⇒ 𝐿𝐿𝐿𝐿[1 + 𝑎𝑎(𝑝𝑝 − 𝑝𝑝
0)] = −𝑎𝑎 ρ
0𝜌𝜌𝑧𝑧
⇔ 𝑎𝑎(𝑝𝑝 − 𝑝𝑝
0) = 𝑒𝑒
−𝑎𝑎ρ0𝜌𝜌𝑧𝑧− 1 ⇔ 𝑝𝑝 = 𝑝𝑝
0+ 𝑒𝑒
−𝑎𝑎ρ0𝜌𝜌𝑧𝑧− 1 2°) Pour de faibles profondeurs à l’aide d’un DL à l’ordre 1 on retrouve : 𝑎𝑎
𝑝𝑝 = 𝑝𝑝
0− ρ
0𝜌𝜌𝑧𝑧 3°)
Δ𝑝𝑝𝑝𝑝=
𝑒𝑒−𝑎𝑎ρ0𝑔𝑔𝑔𝑔−1 𝑎𝑎 +ρ0𝜌𝜌𝑧𝑧
ρ0𝜌𝜌𝑧𝑧
=
𝑒𝑒−𝑎𝑎𝑎𝑎ρρ0𝑔𝑔𝑔𝑔−10𝜌𝜌𝑧𝑧
+ 1 = 0,0004
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MF17 - Oscillations d’un demi-cylindre flottant
1°) Soit :
𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑒𝑒𝑖𝑖𝜌𝜌é= � ℎ ∗
𝑅𝑅2𝑅𝑅 𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿 θ 𝐿𝐿𝑧𝑧 𝑜𝑜𝑜𝑜 𝑧𝑧 = 𝑅𝑅𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 θ ⇒ 𝐿𝐿𝑧𝑧 = −𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿 θ 𝑅𝑅𝐿𝐿 θ
𝑅𝑅2
⇒ 𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑒𝑒𝑖𝑖𝜌𝜌é= 2𝑅𝑅
2ℎ � −𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿²
αθ 𝐿𝐿 θ = −
0
2𝑅𝑅
2ℎ � 1 − 𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠2𝜃𝜃
2 𝐿𝐿 θ
α
0
⇒ 𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑒𝑒𝑖𝑖𝜌𝜌é= 𝑅𝑅
2ℎ �𝛼𝛼 − 𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿2𝛼𝛼 2 � Or : 𝑅𝑅𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α =
𝑅𝑅2⇒α =
π3Donc :
𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑒𝑒𝑖𝑖𝜌𝜌é= 𝑅𝑅
2ℎ � π 3 − √3
4 � De plus :
𝜌𝜌𝑅𝑅
2ℎ � π 3 − √3
4 � 𝜌𝜌 = 𝜇𝜇𝜌𝜌𝜇𝜇𝑅𝑅
22 ℎ ⇔ µ = 𝜌𝜌
π 3 − √ 3 𝜇𝜇 4 2
= 𝑎𝑎𝜌𝜌 𝑜𝑜ù 𝑎𝑎 = 0,39 2°)
Soit : 𝑀𝑀𝑧𝑧̈ = −𝑀𝑀𝜌𝜌 + 𝜌𝜌𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝜌𝜌 𝑜𝑜𝑜𝑜 𝑧𝑧 = 𝑅𝑅𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α ⇒ 𝑧𝑧̈ = −𝑅𝑅 α ̈ 𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿 α − 𝑅𝑅 α ̇
2𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α Posons :
𝛼𝛼 = 𝜇𝜇
3 + 𝜀𝜀 ⇒ 𝑧𝑧̈ = −𝑅𝑅𝜀𝜀̈ sin �𝜀𝜀 + π
3 � + 𝑜𝑜(𝜀𝜀) = −𝑅𝑅𝜀𝜀̈ �𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿𝜀𝜀. cos � 𝜇𝜇
3 � + 𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠𝜀𝜀. sin ( 𝜇𝜇 3) � Donc :
−𝑀𝑀𝑅𝑅𝜀𝜀̈ � √3
2 � = −𝑀𝑀𝜌𝜌 + 𝜌𝜌𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖𝑖� α + π
3 � 𝜌𝜌 = + 𝜕𝜕𝑉𝑉
𝜕𝜕𝛼𝛼 �
𝜋𝜋3
. 𝜀𝜀𝜌𝜌𝜌𝜌
⇔ − 𝑀𝑀𝑅𝑅𝜀𝜀̈ � √3
2 � = +𝑅𝑅
2ℎ �1 − cos � 2 π
3 �� . 𝜀𝜀𝜌𝜌𝜌𝜌 = − 3
2 𝑅𝑅
2ℎ𝜀𝜀𝜌𝜌𝜌𝜌
⇔ − 𝑀𝑀𝜀𝜀̈ = −√3𝑅𝑅ℎ𝜀𝜀𝜌𝜌𝜌𝜌 ⇔ 𝜇𝜇𝜇𝜇𝑅𝑅
22 ℎ 𝜀𝜀̈ + √3𝑅𝑅ℎ𝜀𝜀𝜌𝜌𝜌𝜌 = 0
⇔ 𝜇𝜇𝜇𝜇𝑅𝑅
2 𝜀𝜀̈ + √3𝜀𝜀𝜌𝜌𝜌𝜌 = 0 ⇔ 𝜀𝜀̈ + 2√3𝜌𝜌𝜌𝜌 𝜇𝜇𝜇𝜇𝑅𝑅 𝜀𝜀 = 0
⇔ 𝜀𝜀̈ + 2√3𝜌𝜌
𝑎𝑎𝜇𝜇𝑅𝑅 𝜀𝜀 = 0 ⇒ ω
02= � 𝜌𝜌
𝑅𝑅 γ 𝑜𝑜ù γ = 𝑎𝑎𝜇𝜇
2√3
MF18 – Expansion d’un fluide
MF21 - Plan incliné
1°)
a) Vu la symétrie du problème, le vecteur vitesse est dirigé suivant (Ox). Donc 𝐿𝐿𝑠𝑠𝑑𝑑 𝑑𝑑⃗ = 0 ⇒
𝜕𝜕𝑣𝑣𝜕𝜕𝑝𝑝𝑥𝑥= 0 ⇒ 𝑑𝑑 = 𝑑𝑑(𝑦𝑦, 𝑧𝑧)
On suppose invariance suivant l’axe Oz (on néglige les effets de bords) d’où 𝑑𝑑⃗ = 𝑑𝑑(𝑦𝑦)𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝b) Or 𝑑𝑑(0) = 0 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑑𝑑(𝑒𝑒) = 𝑑𝑑
0⇒ 𝑑𝑑⃗ =
𝑣𝑣𝑒𝑒0𝑦𝑦 𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝c) 𝐹𝐹 ����⃗
ℎ= − η 𝑆𝑆
𝜕𝜕𝑣𝑣𝜕𝜕𝜕𝜕𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝= − η 𝑆𝑆
𝑣𝑣𝑒𝑒0𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝2°)
a) Le pave est soumis à son poids, l’action normale et à la force de frottement fluide.
b) La vitesse du pavé est constante donc : 𝑃𝑃�⃗ + 𝐹𝐹 ����⃗
ℎ+ 𝑁𝑁��⃗ = 0 �⃗
En projection sur (Ox) : 𝑀𝑀𝜌𝜌 sin(𝛼𝛼) − η 𝑆𝑆
𝑣𝑣𝑒𝑒0= 0 ⇒ 𝑑𝑑
0=
𝑀𝑀𝜌𝜌𝑒𝑒 sin(𝛼𝛼) η𝑆𝑆3°) Le modèle affirme que l'épaisseur est constante, sans donner sa valeur. On peut penser qu’il y aura
une accumulation d’huile à l’avant du bloque…Un peu comme un bateau qui avance dans l’eau.
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MF22 – Caléfaction
1°) Soit : 𝐸𝐸
𝑠𝑠= γ Σ donc γ a la dimension d’une énergie surfacique : [ γ ] = 𝐽𝐽𝑚𝑚
−2= 𝑀𝑀𝐿𝐿
2𝑇𝑇
−2𝐿𝐿
−2= 𝑀𝑀 𝑇𝑇
−2= 𝑘𝑘𝜌𝜌 𝑠𝑠
−2Si on néglige la hauteur du palet par rapport à R alors la surface peut s’écrire : Σ = 2 π 𝑅𝑅
2= 2 Ω
ℎ
⇒ 𝐸𝐸
𝑠𝑠= 2 γ Ω 2°) On a : 𝐸𝐸
𝑝𝑝𝜌𝜌= 𝑚𝑚𝜌𝜌𝑧𝑧
𝜌𝜌= ρ Ω 𝜌𝜌
ℎ2ℎ
3°) D’où l’énergie potentielle totale : 𝐸𝐸
𝑝𝑝= 2 γ
Ωℎ+ ρ Ω 𝜌𝜌
ℎ2Qui sera minimale si et seulement si :
𝐿𝐿𝐸𝐸
𝑝𝑝𝐿𝐿ℎ = 0 ⇔ = −2 γ Ω
ℎ
2+ ρ Ω 𝜌𝜌 1 2
⇔ 1
ℎ
2= ρ 𝜌𝜌 4 γ
⇔ ℎ
𝑒𝑒= � 4 γ
𝜌𝜌 ρ = 2 𝑙𝑙
𝑐𝑐= 5 𝑚𝑚𝑚𝑚
MF23 – Coefficient de trainée d’un cycliste
Prenons 𝑑𝑑
𝑓𝑓= 50 𝑘𝑘𝑚𝑚. ℎ
−1et une longueur caractéristique de 1m, alors : 𝑅𝑅
𝑒𝑒= 𝜇𝜇𝑑𝑑𝐿𝐿
η = 1,3 × 50 3.6 ×
1
18.10
−6= 10
6On n'est pas à faible vitesse (nombre de Reynolds petit), où le coefficient de traînée 𝐶𝐶
𝑝𝑝est inversement proportionnel à la vitesse. La puissance développée par le cycliste pour contrarier les forces de frottements quadratiques est donc :
𝑃𝑃 = 𝐹𝐹
𝑡𝑡𝑑𝑑
𝑓𝑓= 1
2 µ 𝐶𝐶
𝑝𝑝𝐴𝐴𝑑𝑑
𝑓𝑓3En observant la photo, on peut estimer le maitre couple à : 𝐴𝐴 = 0,4 𝑚𝑚
2Sur le graphique, on lit pour 𝑑𝑑
𝑓𝑓= 50 𝑘𝑘𝑚𝑚. ℎ
−1, une puissance aérodynamique de 600 W soit : 𝐶𝐶
𝑝𝑝= 𝑃𝑃
1 2 µ 𝐴𝐴𝑑𝑑
𝑓𝑓3= 0,86
On obtient l’ordre de grandeur des coureurs cyclistes.
L’ajout des microbilles et des techniques aérodynamiques (casque en forme de goutte, vélo
ultraplat, combinaison à base de téflon…) permettent de baisser ce coefficient.
MF24 – Parachutisme
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MF25 – Modélisation d’une lubrification
MF26 – Trajectoire d’une balle
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MF27 – Vent favorable
Un coureur de 100 mètres a une vitesse voisine de 10 𝑚𝑚. 𝑠𝑠
−1par rapport au sol et à l’air lorsque celui-ci est immobile. Lorsque le vent est favorable, cela signifie qu’il souffle dans le dos de l’athlète.
Pour un vent favorable de 2 𝑚𝑚. 𝑠𝑠
−1, la vitesse de l’athlète par rapport au vent n’est plus que de 8 𝑚𝑚. 𝑠𝑠
−1: elle a donc diminué de 20%. Le nombre de Reynolds caractérisant l’écoulement autour de l’athlète :
𝑅𝑅
𝑒𝑒= µ 𝑉𝑉𝑉𝑉
η = 1,3 × 8 × 0,5
1,8 10
−5= 3 10
5où D représente la largeur caractéristique de l’athlète (on peut l’assimiler à un cylindre de diamètre D pour effectuer de calcul d’ordre de grandeur).
Vu la valeur élevée du nombre de Reynolds, on choisit un modèle de traînée variant comme la vitesse au carré. Une réduction de la vitesse de 10 à 8 𝑚𝑚. 𝑠𝑠
−1correspond à une force de traînée divisée par un facteur voisin de : α = �
108�
2∼ 1,6 . L’avantage est donc considérable !
MF31 – Ecoulement sur un plan incliné
1°) La vitesse est de la forme : 𝑑𝑑⃗ = 𝑑𝑑(𝑥𝑥, 𝑦𝑦, 𝑧𝑧)𝑢𝑢 ����⃗. Or l’écoulement est incompressible et homogène donc :
𝑝𝑝𝐿𝐿𝑠𝑠𝑑𝑑 𝑑𝑑⃗ = 0 ⇒ 𝜕𝜕𝑑𝑑
𝑝𝑝𝜕𝜕𝑥𝑥 = 0 ⇒ 𝑑𝑑 = 𝑑𝑑(𝑦𝑦, 𝑧𝑧)
On suppose qu’il y a invariance suivant Oz, d’où : 𝑑𝑑⃗ = 𝑑𝑑(𝑦𝑦) 𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝Colles Mécanique des fluides Physique : MP/PC/PSI
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MF32 - Écoulement de Poiseuille plan de deux liquides non miscibles
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MF33 – Débitmètre
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MF34 – Tornade
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MF35 – Effet Magnus – Voile Flettner
1°) Il y a continuité de la vitesse au niveau du cylindre d’où : 𝑎𝑎 ω = 𝐶𝐶
2 π 𝑎𝑎 ⇒ 𝐶𝐶 = 2 π 𝑎𝑎
2ω 2°)
a) On a : 𝑑𝑑⃗ = 𝑑𝑑 ����⃗
1+ 𝑑𝑑 ����⃗
2= 𝜌𝜌𝑜𝑜𝑎𝑎𝐿𝐿 ����������⃗ φ
1+
2π𝑖𝑖𝐶𝐶𝑢𝑢 ����⃗ où φ
𝜃𝜃 1= 𝑢𝑢 cos(𝜃𝜃) �
𝑎𝑎𝑖𝑖2+ 𝑜𝑜�
Or :
𝜌𝜌𝑜𝑜𝑎𝑎𝐿𝐿
����������⃗ 𝑓𝑓 = 𝜕𝜕𝑓𝑓
𝜕𝜕𝑜𝑜 𝑢𝑢 ����⃗
𝑖𝑖+ 1 𝑜𝑜
𝜕𝜕𝑓𝑓
𝜕𝜕 θ 𝑢𝑢 ����⃗
θ+ 𝜕𝜕𝑓𝑓
𝜕𝜕𝑧𝑧 𝑢𝑢 ����⃗
𝑧𝑧⇒ 𝑑𝑑⃗ = 𝑢𝑢 cos(𝜃𝜃) �− 𝑎𝑎
2𝑜𝑜
2+ 1� 𝑢𝑢 ����⃗ − 𝑢𝑢
𝑖𝑖sin(𝜃𝜃) � 𝑎𝑎
2𝑜𝑜
2+ 1� 𝑢𝑢 ����⃗
𝜃𝜃+ 𝑎𝑎
2ω 𝑜𝑜 𝑢𝑢 ����⃗
𝜃𝜃⇒ 𝑑𝑑⃗ = 𝑢𝑢 cos(𝜃𝜃) �1 − 𝑎𝑎
2𝑜𝑜
2� 𝑢𝑢 ����⃗
𝑖𝑖+ 𝑢𝑢 ����⃗ �
𝜃𝜃𝑎𝑎
2ω
𝑜𝑜 − 𝑢𝑢 sin(𝜃𝜃) � 𝑎𝑎
2𝑜𝑜
2+ 1�� 𝑢𝑢 ����⃗
𝜃𝜃b) Les points d’arrêt sont tel que : 𝑑𝑑⃗ = 0 �⃗ . Deux cas sont à étudier :
�
𝑜𝑜 = 𝑎𝑎 ⇒ ω 𝑎𝑎 = 2 𝑢𝑢 sin θ θ = π
2 �𝑜𝑜𝑢𝑢 − π
2 � ⇒ 𝑎𝑎
2ω
𝑜𝑜 = 𝑢𝑢 � 𝑎𝑎
2𝑜𝑜
2+ 1� ⇒ 𝑎𝑎
2ω 𝑜𝑜 = 𝑢𝑢(𝑎𝑎
2+ 𝑜𝑜
2)
⇔ � 𝑜𝑜 = 𝑎𝑎 𝑒𝑒𝑒𝑒 sin( θ ) = ω 𝑎𝑎 2𝑢𝑢 θ = π
2 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑜𝑜
2− 𝑎𝑎
2ω
𝑢𝑢 𝑜𝑜 + 𝑎𝑎
2= 0
⇔
⎩ ⎪ ⎨
⎪ ⎧ 𝑜𝑜 = 𝑎𝑎 𝑒𝑒𝑒𝑒 sin( θ ) = ω 𝑎𝑎 2𝑢𝑢 θ = π
2 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑜𝑜 = 𝑎𝑎
2ω 2𝑢𝑢 ± 1
2 �� 𝑎𝑎
2ω 𝑢𝑢 �
2
− 4𝑎𝑎
2⇔
⎩ ⎪
⎨
⎪ ⎧ 𝑜𝑜 = 𝑎𝑎 𝑒𝑒𝑒𝑒 sin( θ ) = ω 𝑎𝑎
2𝑢𝑢 𝑠𝑠𝑠𝑠 ω 𝑎𝑎 2𝑢𝑢 ≤ 1 θ = π
2 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑜𝑜 = 𝑎𝑎
2ω
2𝑢𝑢 � 1 ± � 1 − 4𝑢𝑢
2ω
2𝑎𝑎
2� 𝑠𝑠𝑠𝑠 ω 𝑎𝑎 2𝑢𝑢 ≥ 1
Remarque pour θ = −
2π, on obtient : 𝑜𝑜 =
𝑎𝑎2𝑢𝑢2ω�−1 ± � 1 −
ω4𝑢𝑢2𝑎𝑎22� < 0 ce qui est impossible.
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3°) L’écoulement du fluide parfait est permanent, incompressible, et irrotationnel à l’extérieur du cylindre d’où :
𝑝𝑝
0+ µ 𝑢𝑢
2 = 𝑝𝑝(𝑎𝑎, θ ) + µ 𝑑𝑑(𝑎𝑎, θ )
22 ⇔ 𝑝𝑝
0+ µ 𝑢𝑢
2 = 𝑝𝑝(𝑎𝑎, θ ) + µ 𝑑𝑑(𝑎𝑎, θ )
2⇔ 𝑝𝑝(𝑎𝑎, θ ) = 𝑝𝑝
0+ µ 𝑢𝑢 2 2 − µ
2 (𝑎𝑎 ω − 2𝑢𝑢 sin(𝜃𝜃))
2⇔ 𝑝𝑝(𝑎𝑎, θ ) = 𝑝𝑝
0+ µ 2 � 𝑢𝑢
2 − 𝑎𝑎
2ω
2� − µ
2 (4𝑢𝑢
2sin
2θ ) + 2 µ 𝑢𝑢 𝑎𝑎 ω sin θ
On va calculer la force résultante sur le cylindre :
On a :
- 𝐿𝐿𝐹𝐹⃗ = −𝑝𝑝 𝐿𝐿�⃗ 𝐿𝐿𝑆𝑆 ⇔ � 𝐿𝐿𝐹𝐹
𝜕𝜕= −𝑝𝑝𝐿𝐿𝑆𝑆 sin θ = −𝑝𝑝 ℎ𝑎𝑎 sin θ 𝐿𝐿 θ 𝐿𝐿𝐹𝐹
𝑝𝑝= −𝑝𝑝𝐿𝐿𝑆𝑆 cos θ = −𝑝𝑝 ℎ𝑎𝑎 cos θ 𝐿𝐿 θ - 𝑝𝑝(𝑎𝑎, θ ) = 𝐴𝐴 + 𝐵𝐵 sin θ + 𝐶𝐶 sin
2θ
D’où les intégrales suivantes à calculer :
⎩ ⎪
⎪ ⎪
⎪ ⎨
⎪ ⎪
⎪ ⎪
⎧ � 𝐴𝐴 sin θ 𝐿𝐿 θ = � 𝐴𝐴 cos θ 𝐿𝐿 θ = 0
� 𝐵𝐵 sin
2θ 𝐿𝐿 θ = π
� 𝐵𝐵 sin( θ ) cos( θ ) 𝐿𝐿 θ = � 𝐵𝐵 sin( θ ) 𝐿𝐿(sin( θ )) = 𝐵𝐵 � sin
2𝜃𝜃 2 �
0 2π
= 0
� 𝐶𝐶 cos
2θ sin θ 𝐿𝐿 θ = − � 𝐶𝐶 cos
2θ 𝐿𝐿(𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 θ ) = −𝐶𝐶 � cos
3𝜃𝜃 3 �
0 2π
= 0
� 𝐶𝐶 𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿
2θ sin θ 𝐿𝐿 θ = − � 𝐶𝐶 (1 − cos
2) θ 𝐿𝐿(𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 θ ) = 0 Donc : � 𝐹𝐹
𝑝𝑝= 0
𝐹𝐹
𝜕𝜕= −𝐵𝐵 π ℎ𝑎𝑎 = −2 µ 𝑢𝑢 π ℎ 𝑎𝑎
2ω
⇒ 𝐹𝐹⃗ = −2 µ 𝑢𝑢 π ℎ 𝑎𝑎
2ω 𝑢𝑢 ����⃗
𝜕𝜕MF36 - Chariot entraîné
a) On a : 𝑎𝑎 ���⃗
𝑡𝑡= 𝑎𝑎 ����⃗
𝑒𝑒+ 𝑎𝑎 ����⃗
𝑖𝑖b) La particule de fluide est soumise au poids et aux forces de pression.
c) On a :
𝐿𝐿𝑚𝑚𝑎𝑎 ���⃗
𝑡𝑡= 𝐿𝐿𝑚𝑚𝜌𝜌⃗ − 𝜌𝜌𝑜𝑜𝑎𝑎𝐿𝐿 ����������⃗𝑝𝑝 𝐿𝐿𝑑𝑑 ⇔ 𝑎𝑎 ����⃗
𝑒𝑒+ 𝑎𝑎 ����⃗
𝑖𝑖= 𝜌𝜌⃗ − 𝜌𝜌𝑜𝑜𝑎𝑎𝐿𝐿 ����������⃗𝑝𝑝 1 ρ
⇔ ρ (𝑎𝑎 ����⃗
𝑒𝑒+ 𝑎𝑎 ����⃗ − 𝜌𝜌⃗) =
𝑖𝑖−𝜌𝜌𝑜𝑜𝑎𝑎𝐿𝐿 ����������⃗𝑝𝑝
d) Si le fluide est au repos : ρ (𝑎𝑎 ����⃗ − 𝜌𝜌⃗) =
𝑒𝑒−𝜌𝜌𝑜𝑜𝑎𝑎𝐿𝐿 ����������⃗𝑝𝑝 e) Donc :
𝜕𝜕𝑝𝑝
𝜕𝜕𝑥𝑥 = − ρ 𝑎𝑎 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝜕𝜕𝑝𝑝
𝜕𝜕𝑧𝑧 = − ρ 𝜌𝜌 Qui s’intègre en :
𝑝𝑝 = −𝜌𝜌𝑎𝑎𝑥𝑥 − 𝜌𝜌𝜌𝜌𝑧𝑧 + 𝐶𝐶 Or au niveau de la surface :
𝑝𝑝 = 𝑝𝑝
0= −𝜌𝜌𝑎𝑎𝑥𝑥 − 𝜌𝜌𝜌𝜌𝑧𝑧 + 𝐶𝐶 ⇒ 𝑝𝑝
0= −𝜌𝜌𝜌𝜌𝐻𝐻 + 𝐶𝐶 Donc :
𝑝𝑝 = −𝜌𝜌𝑎𝑎𝑥𝑥 − 𝜌𝜌𝜌𝜌(𝑧𝑧 − 𝐻𝐻) + 𝑝𝑝
0Et au niveau de la surface on vérifie :
𝜌𝜌𝑎𝑎𝑥𝑥 + 𝜌𝜌𝜌𝜌(𝑧𝑧 − 𝐻𝐻) = 0 ⇔ 𝑧𝑧 = − 𝑎𝑎
𝜌𝜌 𝑥𝑥 + 𝐻𝐻
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MF37 – Ecoulement de Poiseuille dans un cylindre
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MF38 - Écoulement de Poiseuille dans un tuyau
3a)
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MF39 – Vidange d’un récipient
MF310 – Ecoulement du Ketchup
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MF41 – Force exercée par un liquide sur un tuyau coudé
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MF42 - Théorie unidimensionnelle de l'hélice
1°) Bilan de masse : 𝑉𝑉
𝑖𝑖= 𝑅𝑅𝑠𝑠𝑒𝑒𝑒𝑒, 𝑜𝑜𝑜𝑜 µ = 𝑅𝑅𝑠𝑠𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐿𝐿
′𝑜𝑜ù 𝑉𝑉
𝑣𝑣= 𝑆𝑆𝑑𝑑 = 𝑅𝑅𝑠𝑠𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑆𝑆𝑑𝑑 = 𝑆𝑆
1𝑑𝑑
1= 𝑆𝑆
2𝑑𝑑
22°) Bilan de quantité de mouvement : 𝑉𝑉𝑝𝑝⃗
𝑉𝑉𝑒𝑒 = 𝑉𝑉
𝑖𝑖2𝑑𝑑 ����⃗ − 𝑉𝑉
2 𝑖𝑖1𝑑𝑑 ����⃗
1= 𝑉𝑉
𝑖𝑖(𝑑𝑑
2− 𝑑𝑑
1)𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝= µ 𝑉𝑉
𝑣𝑣(𝑑𝑑
2− 𝑑𝑑
1)𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝⇒ 𝑃𝑃 = 𝐹𝐹⃗. 𝑑𝑑⃗ = µ 𝑉𝑉
𝑣𝑣(𝑑𝑑
2− 𝑑𝑑
1)𝑑𝑑 3°) Bilan d’énergie :
𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖𝑉𝑉𝑒𝑒 = 𝑉𝑉
𝑖𝑖2𝑒𝑒
2− 𝑉𝑉
𝑖𝑖1𝑒𝑒
1= 𝑉𝑉
𝑖𝑖(𝑒𝑒
2− 𝑒𝑒
1) = 𝑉𝑉
𝑖𝑖(𝑑𝑑
22− 𝑑𝑑
12)
2 = 𝑃𝑃
Donc :
𝑃𝑃 = µ 𝑉𝑉
𝑣𝑣(𝑑𝑑
22− 𝑑𝑑
12) 2 = 𝑃𝑃
⇒ 𝑉𝑉
𝑖𝑖(𝑑𝑑
22− 𝑑𝑑
12)
2 = µ 𝑉𝑉
𝑣𝑣(𝑑𝑑
2− 𝑑𝑑
1)𝑑𝑑 ⇔ 𝑑𝑑 = (𝑑𝑑
2+ 𝑑𝑑
1) 2
⇒ 𝑃𝑃 = µ 𝑆𝑆(𝑑𝑑
2− 𝑑𝑑
1) (𝑑𝑑
2+ 𝑑𝑑
1)
24°) Si 𝑑𝑑
1= 0 ∶ 4
𝑃𝑃 = µ 𝑆𝑆 𝑑𝑑
234 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐹𝐹 = µ 𝑆𝑆𝑑𝑑
22Donc : 2
𝐹𝐹 = µ 𝑆𝑆 � 4𝑃𝑃 µ 𝑆𝑆�
23
2 = 1
2 (4𝑃𝑃)
23( µ 𝑆𝑆)
1/3L’hélicoptère décolle si : 𝐹𝐹 > 𝑀𝑀𝜌𝜌
⇔ 1
2 (4𝑃𝑃)
23( µ 𝑆𝑆)
13> 𝑀𝑀𝜌𝜌
⇔ (4𝑃𝑃)
23> 2𝑀𝑀𝜌𝜌
( µ 𝑆𝑆)
13⇔ 4𝑃𝑃 > (2𝑀𝑀𝜌𝜌)
32( µ 𝑆𝑆)
12⇔ 𝑃𝑃 > 1 4
(2𝑀𝑀𝜌𝜌)
32( µ 𝑆𝑆)
12𝑃𝑃 > (𝑀𝑀𝜌𝜌)
3/2(2 µ 𝑆𝑆)
12⇔ 𝑃𝑃 > � (𝑀𝑀𝜌𝜌)
32 µ 𝑆𝑆 ⇔ 𝑃𝑃 > � (𝑀𝑀𝜌𝜌)
32 µ . π 𝑉𝑉
24
⇔ 𝑃𝑃 > � 2(𝑀𝑀𝜌𝜌)
3µ . π 𝑉𝑉
2= 400𝑘𝑘𝑘𝑘
MF43 – Fusée Ariane 5
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MF44 – Onde de ressaut
1°) Bilan de masse entre t et t+dt :
� 𝑚𝑚
∗(𝑒𝑒) = 𝑚𝑚(𝑒𝑒) + δ 𝑚𝑚
1𝑚𝑚
∗(𝑒𝑒 + 𝐿𝐿𝑒𝑒) = 𝑚𝑚(𝑒𝑒 + 𝐿𝐿𝑒𝑒) + δ 𝑚𝑚
2L’écoulement étant stationnaire, on a :
𝑚𝑚(𝑒𝑒) = 𝑚𝑚(𝑒𝑒 + 𝐿𝐿𝑒𝑒) ⇒ δ 𝑚𝑚
1= δ 𝑚𝑚
2⇔ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ(𝑑𝑑 + 𝑤𝑤)𝐿𝐿𝑒𝑒 = 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤𝐿𝐿𝑒𝑒
⇔ ℎ(𝑑𝑑 + 𝑤𝑤) = ℎ
′𝑤𝑤
⇔ (ℎ
′− ℎ)𝑤𝑤 = ℎ𝑑𝑑 2°) Bilan de quantité de mouvement sur Σ
∗:
� 𝑝𝑝 ����⃗
∗(𝑒𝑒) = 𝑝𝑝⃗(𝑒𝑒) + δ 𝑚𝑚
1(𝑑𝑑⃗ + 𝑤𝑤��⃗) 𝑝𝑝
∗����⃗ (𝑒𝑒 + 𝐿𝐿𝑒𝑒) = 𝑝𝑝⃗(𝑒𝑒 + 𝐿𝐿𝑒𝑒) + δ 𝑚𝑚
2𝑤𝑤 ��⃗
L’écoulement étant stationnaire, on a : 𝑉𝑉𝑝𝑝 ����⃗
∗𝑉𝑉𝑒𝑒 𝐿𝐿𝑒𝑒 = δ 𝑚𝑚
2𝑤𝑤��⃗ − δ 𝑚𝑚
1(𝑑𝑑⃗ + 𝑤𝑤��⃗)
⇔ 𝑉𝑉𝑝𝑝 ����⃗
∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = δ 𝑚𝑚
2𝐿𝐿𝑒𝑒 � 𝑤𝑤��⃗ − (𝑑𝑑⃗ + 𝑤𝑤��⃗)�
⇔ 𝑉𝑉𝑝𝑝 ����⃗
∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = −𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤 𝑑𝑑⃗
Donc :
𝑉𝑉𝑝𝑝
𝑝𝑝∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = −𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤 𝑑𝑑 3°)
- Sur la surface 𝑆𝑆
1, la pression extérieure est : 𝑝𝑝
0+ ρ 𝜌𝜌𝑧𝑧.
- Sur la surface 𝑆𝑆
2, la pression extérieure est : 𝑝𝑝
0+ ρ 𝜌𝜌𝑧𝑧.
- Sur le front de vague, la pression extérieure est : 𝑝𝑝
0.
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D’où :
⎩ ⎪
⎪ ⎨
⎪ ⎪
⎧ 𝐹𝐹⃗
𝑆𝑆1= �
ℎ(𝑝𝑝
0+ ρ 𝜌𝜌𝑧𝑧)
0
𝐿𝐿𝐿𝐿𝑧𝑧 𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝= �𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ + ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
22 � 𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝𝐹𝐹⃗
𝑆𝑆2= �
ℎ(𝑝𝑝
0+ ρ 𝜌𝜌𝑧𝑧)
′
0
𝐿𝐿𝐿𝐿𝑧𝑧 (−𝑢𝑢 ����⃗) =
𝑝𝑝− �𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ′ + ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′22 � 𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝𝐹𝐹
𝑣𝑣𝑎𝑎𝜌𝜌𝑢𝑢𝑒𝑒������������⃗ = � 𝑝𝑝
0 ℎ′ℎ
𝐿𝐿 𝐿𝐿𝑧𝑧 𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝= (𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ
′− 𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ)𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝⇒ 𝐹𝐹⃗ = ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿
2 (ℎ
2− ℎ
′2)𝑢𝑢 ����⃗
𝑝𝑝4°) D’où le bilan sur (Ox) où le poids n’intervient pas :
ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿
2 (ℎ
2− ℎ
′2) = −𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤 𝑑𝑑
⇔ 𝜌𝜌
2 (ℎ
′2− ℎ
2) = ℎ
′𝑤𝑤 𝑑𝑑 5°) On a donc :
� 𝜌𝜌
2 (ℎ
′2− ℎ
2) = ℎ′𝑤𝑤 𝑑𝑑 (ℎ
′− ℎ)𝑤𝑤 = ℎ𝑑𝑑
⇔ 𝜌𝜌
2 (ℎ
′2− ℎ
2) = ℎ
′𝑤𝑤
2(ℎ
′− ℎ) ℎ
⇔ 𝜌𝜌
2 (ℎ
′+ ℎ) = ℎ
′ℎ 𝑤𝑤
2⇔ 𝑤𝑤 = �𝜌𝜌ℎ
2ℎ
′(ℎ
′+ ℎ) 6°)
a) Par un bilan d’énergie mécanique sur Σ
∗: 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = 𝐸𝐸
𝑖𝑖∗(𝑒𝑒 + 𝐿𝐿𝑒𝑒) − 𝐸𝐸
𝑖𝑖∗(𝑒𝑒) = 𝑉𝑉
𝑖𝑖2� 𝑤𝑤
22 +
𝜌𝜌ℎ
′2 � − 𝑉𝑉
𝑖𝑖1� (𝑤𝑤 + 𝑑𝑑)
22 + 𝜌𝜌ℎ
2 �
⇔ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 �𝑤𝑤
2− (𝑑𝑑 + 𝑤𝑤)
2+ 𝜌𝜌(ℎ
′− ℎ)�
Or : ℎ(𝑑𝑑 + 𝑤𝑤) = ℎ
′𝑤𝑤
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 �𝑤𝑤
2− � ℎ
′ℎ 𝑤𝑤�
2
+ 𝜌𝜌(ℎ
′− ℎ)�
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 �𝑤𝑤
2�1 − � ℎ
′ℎ �
2
� + 𝜌𝜌(ℎ
′− ℎ)�
Or : 𝑤𝑤 = �
2ℎ𝜌𝜌ℎ′(ℎ
′+ ℎ)
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤 2 � 𝜌𝜌ℎ
2ℎ
′(ℎ
′+ ℎ) �1 − � ℎ
′ℎ �
2
� + 𝜌𝜌(ℎ
′− ℎ)�
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 � 1
2ℎ
′ℎ (ℎ
′+ ℎ)(ℎ
2− ℎ
′2) + (ℎ
′− ℎ)�
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 (ℎ − ℎ
′) � 1
2ℎ
′ℎ (ℎ
′+ ℎ)
2− 1�
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
4ℎℎ′ (ℎ − ℎ
′)((ℎ
′+ ℎ)
2− 2ℎ
′ℎ)
⇒ 𝑉𝑉𝐸𝐸
𝑖𝑖∗𝑉𝑉𝑒𝑒 = ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 (ℎ − ℎ
′) (ℎ
′2+ ℎ
2) 2ℎℎ
′b) Or : 𝑃𝑃
𝑝𝑝= 𝐹𝐹 �����⃗
𝑠𝑠1. (𝑑𝑑⃗ + 𝑤𝑤��⃗) + 𝐹𝐹 �����⃗
𝑆𝑆2. 𝑤𝑤��⃗ + 𝐹𝐹 ������������⃗
𝑣𝑣𝑎𝑎𝜌𝜌𝑢𝑢𝑒𝑒. 𝑤𝑤��⃗
⇔ 𝑃𝑃
𝑝𝑝= �𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ + ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
22 � (𝑑𝑑 + 𝑤𝑤) − 𝑤𝑤 �𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ′ + ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′22 � + (𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ
′− 𝑝𝑝
0𝐿𝐿ℎ)𝑤𝑤
⇔ 𝑃𝑃
𝑝𝑝=
ρ𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ2 2(𝑑𝑑 + 𝑤𝑤) −
ρ𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ2 ′2𝑤𝑤 Or : ℎ(𝑑𝑑 + 𝑤𝑤) = ℎ
′𝑤𝑤
⇔ 𝑃𝑃
𝑝𝑝= ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ′𝑤𝑤
2 (ℎ − ℎ
′) c) Or :
𝐷𝐷𝐸𝐸𝐷𝐷𝑡𝑡𝑚𝑚∗= 𝑃𝑃
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑡𝑡+ 𝑃𝑃
𝑝𝑝⇒ 𝑃𝑃
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑡𝑡= − ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 (ℎ − ℎ
′) + ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 (ℎ − ℎ
′) (ℎ
′2+ ℎ
2) 2ℎℎ
′⇒ 𝑃𝑃
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑡𝑡= ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤
2 (ℎ − ℎ
′) �−1 + ℎ
′2+ ℎ
22ℎℎ
′�
⇒ 𝑃𝑃
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑡𝑡= ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤. (ℎ − ℎ
′)
4ℎℎ
′(ℎ
′2+ ℎ
2− 2ℎℎ′)
⇒ 𝑃𝑃
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑡𝑡= ρ 𝜌𝜌𝐿𝐿ℎ
′𝑤𝑤. (ℎ − ℎ
′)
34ℎℎ
′< 0
d) Dans le cas du mascaret : 𝑤𝑤 = 9,5 𝑚𝑚𝑠𝑠
−1𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑃𝑃
𝑖𝑖𝑖𝑖𝑡𝑡= −1,9 𝑀𝑀𝑘𝑘
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MF45 - Division et déflexion de jets d'eau
1°)
a) Sur une ligne de courant 𝐴𝐴
1𝐴𝐴
2: 𝑃𝑃
0+
12𝜇𝜇𝑑𝑑
12+ 𝜇𝜇𝜌𝜌𝑧𝑧 = 𝑃𝑃
0+
12𝜇𝜇𝑑𝑑
22+ 𝜇𝜇𝜌𝜌𝑧𝑧 Sur une ligne de courant 𝐴𝐴𝐴𝐴
1:
12𝜇𝜇𝑑𝑑
2+ 𝜇𝜇𝜌𝜌𝑧𝑧
𝐴𝐴=
12𝜇𝜇𝑑𝑑
12+ 𝜇𝜇𝜌𝜌𝑧𝑧
𝐴𝐴1Si on néglige le terme de pesanteur, on a alors : 𝑑𝑑 = 𝑑𝑑
1= 𝑑𝑑
2b) Considérons le système ouvert S constitué par la plaque et le fluide. Effectuons un bilan de quantité de mouvement sur le système fermé S* :
𝑉𝑉𝑝𝑝⃗
𝑉𝑉𝑒𝑒 = 𝑉𝑉
𝑖𝑖2𝑑𝑑 ����⃗
2+ 𝑉𝑉
𝑖𝑖1𝑑𝑑 ����⃗ − 𝑉𝑉
1 𝑖𝑖𝑑𝑑⃗ ⇒ 1 µ 𝑉𝑉𝑝𝑝⃗
𝑉𝑉𝑒𝑒 = −𝑄𝑄𝑑𝑑⃗ + 𝑄𝑄
2𝑑𝑑 ����⃗
2+ 𝑄𝑄
1𝑑𝑑 ����⃗
1⇒ 𝐹𝐹 ���⃗
0+ 𝐹𝐹 ����������������⃗
𝑝𝑝𝑖𝑖𝑒𝑒𝑠𝑠𝑠𝑠𝑝𝑝𝑜𝑜𝑖𝑖= −𝑄𝑄𝑑𝑑⃗ + 𝑄𝑄
2𝑑𝑑 ����⃗
2+ 𝑄𝑄
1𝑑𝑑 ����⃗
1La pression étant égale à la pression atmosphérique en tout point de la frontière de S, la résultante des forces de pressions est nulle.
Donc sur Ox : −𝑄𝑄𝑑𝑑 sin 𝛼𝛼 + 𝑄𝑄
1𝑑𝑑
1− 𝑄𝑄
2𝑑𝑑
2= 0 ⇒ 𝑄𝑄 sin 𝛼𝛼 + 𝑄𝑄
2− 𝑄𝑄
1= 0 Bilan de masse : 𝑄𝑄 = 𝑄𝑄
1+ 𝑄𝑄
2Donc : 𝑄𝑄 sin 𝛼𝛼 + (𝑄𝑄 − 𝑄𝑄
1) − 𝑄𝑄
1= 0 ⇔ 𝑄𝑄(sin 𝛼𝛼 + 1) = 2𝑄𝑄
1⇔ 𝑄𝑄
1= 𝑄𝑄( sin 𝛼𝛼 + 1)
2 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐿𝐿𝑜𝑜𝐿𝐿𝑅𝑅 ∶ 𝑄𝑄
2= 𝑄𝑄(− sin 𝛼𝛼 + 1) Or :
𝑄𝑄𝑄𝑄12
2
= 3 ⇒
sin 𝛼𝛼+1− sin 𝛼𝛼+1
= 3 ⇒ sin 𝛼𝛼 + 1 = 3 − 3 sin 𝛼𝛼 ⇒ sin 𝛼𝛼 =
12⇒ 𝛼𝛼 = 30°
Et : 𝑄𝑄 = 𝑆𝑆𝑑𝑑 = 60𝐿𝐿𝑠𝑠
−1⇒ 𝑄𝑄
1= 45𝐿𝐿𝑠𝑠
−1𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑄𝑄
2= 15𝐿𝐿𝑠𝑠
−1c) Sur Oz : 𝑄𝑄𝑑𝑑 cos 𝛼𝛼 =
𝐹𝐹µ0= −
𝐹𝐹𝜇𝜇1⇒ 𝐹𝐹 ���⃗
1= −𝐹𝐹 ���⃗
0= − µ 𝑆𝑆𝑑𝑑² cos 𝛼𝛼 𝑢𝑢 ����⃗ 𝑜𝑜ù 𝐹𝐹
𝑧𝑧 1= 1560𝑁𝑁 2°) Déflexion du jet par une plaque courbe fixe
- Bilan de quantité de mouvement :
𝐷𝐷𝑝𝑝⃗𝐷𝐷𝑡𝑡= 𝑉𝑉
𝑖𝑖𝑠𝑠𝑑𝑑′ ���⃗ − 𝑉𝑉𝑚𝑚
𝑒𝑒𝑑𝑑⃗
Or la pression est uniforme d’où :
𝐹𝐹����⃗µ2= 𝑄𝑄𝑑𝑑′ ���⃗ − 𝑄𝑄𝑑𝑑⃗
Sur Ox : 𝐹𝐹
2𝑝𝑝= µ 𝑆𝑆𝑑𝑑
′2𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α − µ 𝑆𝑆𝑑𝑑
2= µ 𝑆𝑆𝑑𝑑
2(−1 + 𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α ) Sur Oz : 𝐹𝐹
2𝑧𝑧= µ 𝑆𝑆𝑑𝑑
′2𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿 α = µ 𝑆𝑆𝑑𝑑²𝑠𝑠𝑠𝑠𝐿𝐿 α
Donc :
𝐹𝐹
2= � µ 𝑆𝑆𝑑𝑑
2(2 − 2𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α ) 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝑒𝑒𝑎𝑎𝐿𝐿 θ
2= sin α
−1 + 𝑅𝑅𝑜𝑜𝑠𝑠 α 𝑜𝑜ù θ
2𝑒𝑒𝑠𝑠𝑒𝑒 𝑙𝑙
′𝑎𝑎𝐿𝐿𝜌𝜌𝑙𝑙𝑒𝑒 𝑒𝑒𝐿𝐿𝑒𝑒𝑜𝑜𝑒𝑒 𝑂𝑂𝑥𝑥 𝑒𝑒𝑒𝑒 𝐹𝐹 ���⃗
2⇒ 𝐹𝐹
2= 3118 𝑁𝑁 𝑒𝑒𝑒𝑒 θ
2= −30°
MF46 - Rétrécissement d’une conduite
Colles Mécanique des fluides Physique : MP/PC/PSI
MF47 – Force subie par un réservoir
Colles Mécanique des fluides Physique : MP/PC/PSI
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