Correction des exercices sur les graphes probabilistes (état stable) : feuille n
o1
I Liban, juin 2003
Un théâtre propose deux types d’abonnements pour une année : un abonnement A donnant droit à six spectacles ou un abon- nement B donnant droit à trois spectacles.
On considère un groupe de 2 500 personnes qui s’abonnent tous les ans.nétant un entier naturel, on note : anla probabilité qu’une personne ait choisi un abonnement A l’annéen;
bnla probabilité qu’une personne ait choisi un abonnement B l’annéen; Pnla matrice¡
an bn¢
traduisant l’état probabiliste à l’annéen.
Tous les ans 85% des personnes qui ont choisi l’abonnement A et 55% des personnes qui ont choisi l’abonnement B conservent ce type d’abonnement l’année suivante. Les autres personnes changent d’abonnement.
1. On suppose que, l’année zéro, 1 500 personnes ont choisi l’abonnement A et 1 000 l’abonnement B.
On a :a0=1500 2500= 3
5=0,6 et b0=1−a0=2 5=0,4. L(état initial est P0=¡
0,6 0,4¢ .
2. (a) Voilà un graphe probabiliste traduisant les données de l’énoncé :
A B
0,85
0,15
0,45 0,45
(b) La matrice de transition M de ce graphe est M=
µ0,85 0,15 0,45 0,55
¶ .
(c) On aP1=P0M=¡
0,6 0,4¢
µ0,85 0,15 0,45 0,55
¶
= ¡
0,69 0,31¢ .
À l’année un, il y a 2500∗0,69=1725 adhérents avec l’abonnent A et donc 775 pour l’abonnement B.
3. SoitP=¡ x y¢
l’état stable, oùxetysont deux nombres réels positifs tels quex+y=1.
SiP=¡ x y¢
est état stable, on aP=P Mdonc :
½x =0,85x+0,45y, y=0,15x+0,55y .
Ces deux équations étant équivalentes,xetyvérifient bien la relation x=0,85x+0,45y . D’autre part, on ax+y=1.
xetysont donc solutions du système :
½x =0,85x+0,45y x+y=1
Résolvons ce système:
½x =0,85x+0,45y
x+y=1 ⇔
½0,15x =0,45y x+y=1 ⇔
(
x =0,45 0,15y x+y=1
⇔
½x =3y x+y=1
⇔
½x+3y 4y=1⇔
½ y=0,25 x =3y=0,75 L’état stable estP =¡
0,75 0,25¢
La matrice de transition n’a aucun élément nul.
La limite de l’étatPnest donc l’état stableP=¡
0,75 0,25¢ .
Le nombre d’abonnement de type A tend donc vers 0,75×2500=1875.
II Amérique du sud, novembre 2004
Au cours de la première semaine de l’année scolaire, un professeur propose aux élèves de sa classe le choix entre deux sorties pédagogiques une sortie A et une sortie B.
20% des élèves de la classe sont favorables à la sortie A et tous les autres élèves sont favorables à la sortie B.
Les arguments des uns et des autres font évoluer cette répartition en cours d’année.
Ainsi 30% des élèves favorables à la sortie A et 20% des élèves favorables à la sortie B changent d’avis la semaine suivante.
On note :
anla probabilité qu’un élève soit favorable à la sortie A la semainen; bnla probabilité qu’un élève soit favorable à la sortie B la semainen; Pnla matrice¡
an bn¢
traduisant l’état probabiliste la semainen.
1. L’état initialP1estP1=¡
0,2 0,8¢ .
2. Représentons la situation par un graphe probabiliste :
A B
0,7
0,3
0,8 0,2
3. La matrice de transition est doncM=
µ0,7 0,3 0,2 0,8
¶ . Alors, pour toutn,Pn+1=Pn×M.
4. P3=P1×M2.
À la calculatrice, on trouveP3=¡
0.35 0.65¢ .
La probabilité qu’un élève soit favorable à la sortie A la troisième semaine est 0,35.
5. Soitxtel que¡
x 1−x¢
×M=¡
x 1−x¢ . On en déduit :¡
x 1−x¢
×
µ0,7 0,3 0,2 0,8
¶
=¡
x 1−x¢
, d’où 0,7x+0,,2(1−x)=x.
0,7x+0,,2(1−x)=x⇔0,7x−0,2x−x= −0,2⇔ −0,5x= −0,2⇔x=
−0,2
−0,5=2 50,4.
La matrice cherchée correspond à l’état stable et vautP=¡
0,4 0,6¢
La matricePnconverge vers l’état stableP; la suite des probabilités (an) de choisir la sortie A à la semainenest croissante et tend vers 0,4, donc est toujours inférieure à la probabilité de choisir la sortie B.
La sortie A n’est jamais préférée à la sortie B.
III Antilles-Guyane, juin 2004
On s’intéresse aux performances réalisées par des étudiants courant le 200 mètres dans les compétitions universitaires. Lors d’une compétition, lescored’un(e) étudiant(e) est son meilleur temps en secondes obtenu aux 200 m. Une enquête a permis d’éta- blir le comportement général suivant, qu’on supposera valable pour les filles et les garçons dans toute la suite :
— Lors de la première compétition, le score d’un(e) étudiant(e) est toujours supérieur ou égal à 25 secondes.
— Si, lors de lan-ième compétition, l’étudiant(e) a réalisé un score strictement inférieur à 25 secondes, la probabilité qu’il (elle) réalise encore un score strictement inférieur à 25 secondes lors de la (n+1)-ième compétition est de2
5.
— Si, lors de lan-ième compétition, l’étudiant(e) a réalisé un score supérieur ou égal à 25 secondes, la probabilité qu’il (elle) réalise encore un score strictement inférieur à 25 secondes est 1
5.
On représente les données précédentes par un graphe probabiliste G à deux états.
On note A tout score strictement inférieur à 25 secondes et B tout score supérieur ou égal à 25 secondes.
On noteanla probabilité d’obtenir un score A lors de la compétitionnetbnla probabilité d’obtenir un score B lors de la compétition n.
L’état probabiliste lors de la compétitionnest donc représenté par la matrice ligne¡ an bn
¢. 1. Graphe probabiliste :
A B
0,4
0,6
0,8 0,2
La matrice de transition estM=
µ0,4 0,6 0,2 0,8
¶
2. Jamalia, jeune étudiante, se présente à sa première compétition universitaire.
(a) D’après l’énoncé, une étudiante qui se présente à la première compétition réalise toujours un temps supérieur à 25 secondes. La matrice rempruntant l’état initial est doncP1=¡
0 1¢ . (b) L’état probabiliste correspondant à la troisième compétition estP3.
OrP3=P1×M2=¡
0,24 0,76¢ .
La probabilité qu’elle réalise un score strictement inférieur à 25 secondes aux 200 mètres lors de sa troisième compétition est 0,24.
3. Déterminons l’état stable du graphe G.
NotonsP=¡ x 1,x¢
l’état sable.
On doit donc avoirP=P M, c’est-à-dire¡
x 1−x¢
=¡
x 1−x¢
×
µ0,4 0,6 0,2 0,8
¶ . On en déduitx=0,4x+0,2(1−x)⇔0,8x=0,2⇔x=0,2
0.8=1 4=0,25.
L’état stable estP= µ1
4 3 4
¶ .
4. Julien a déjà de nombreuses compétitions universitaires dans les jambes.
On vient de trouver l’état stable du graphe G, on en déduit que la probabilité an que Julien réalise un score strictement in- férieur à 25 secondes est : lim
n→+∞an =1
4, donc si n est assez grand, la probabilité an que Julien réalise un score strictement inférieur à 25 secondes est voisine de1
4. IV Polynésie, juin 2004
étude de l’évolution météorologique d’un jour à l’autre dans une localité.
Tous les résultats seront donnés sous forme de fractions rationnelles.
Partie A
— S’il fait sec aujourd’hui, alors il fera encore sec demain avec la probabilité5
6, donc il fera humide demain avec la probabilité 1
6.
— S’il fait humide aujourd’hui, alors il fera encore humide demain avec la probabilité2 3.
NotonsSnl’événement « il fera sec le nejour » et l’événement « il fera humide le nejour est doncSn».
Nous sommes dimanche et il fait sec. On s’intéresse à l’évolution météorologique des jours suivants.
1. Construisons un arbre de probabilité représentant la situation de dimanche à mercredi.
b b
S1
5 6
b
S2
5 6
b S3
5 6
b S3
1 6
b
S2
1 6
b S3
1 3
b S3
2 3
b
S1
1 6
b
S2
1 3
b S3
5 6
b S3
1 6
b
S2
2 3
b S3
1 3
b S3
2 3
2. SoitJ: « il fera sec lundi, mardi et mercredi » ;p(J)= µ5
6
¶3
K: « il fera sec mardi » ;Kst la réunion deS1∩S1et deS2∩S1donc p(S2)=
µ5 6
¶2 +1
6×1 3=25
366+ 1 18=27
36=3 4 L: « il fera humide mercredi ».
p³ S3
´
= µ5
6
¶2
×1 6+5
6×1 6×2
3+1 6×1
3×1 6+1
6× µ2
3
¶2
= 7 24=37
72 Partie B
1. Soitnun entier naturel, on note :
snla probabilité pour que le journ, il fasse sec ; hnla probabilité pour que le journ, il fasse humide ;
Pnla matrice (sn hn) traduisant l’état probabiliste du temps le journ. On ahn+1−sn.
2. (a) Si le premier dimanche est le jour correspondant àn=0, la matrice associée à l’état initial du temps estP0=¡ 1 0¢ puisque d’après l’énoncé, nous sommes dimanche et il fait sec.
(b) Graphe probabiliste :
A B
5 6
1 6
2 3 1
3 3. La matrice M de ce graphe est
5 6
1 1 6 3
2 3
(a) À la calculatrice, on trouve M2=
3 4
1 1 4 2
1 2
(b) La situation mardi est donnée par la matriceP2. OrP2=P0×M2=¡ 1 0¢
×
3 4
1 1 4 2
1 2
= µ3
4 1 4
¶ .
On trouves2=3 4.
4. (a) Cherchons l’état stable associé à l’évolution météorologique. Il est donné par la matriceP=¡
x 1−x¢ . On doit avoirP=P Mdonc¡
x 1−x¢
=¡
x 1−x¢
×
3 4
1 1 4 2
1 2
.
On doit avoir
3 4x+1
2x=x 1
4x+1
2(1−x)=1−x .
Ces deux équations sont équivalentes.
3 4x+1
2(1−x)=x⇔3 4x−1
2x−3 4x= −1
2⇔ −3 4x= −1
2⇔x=
12 34
=1 2×4
3=2 3. L’état stable est doncP=
µ2 3
1 3
¶ . (b) On en déduit que lim
n→+∞hn=1
3(deuxième terme de l’état stable) donc la probabilité qu’il pleuve un certain jour est1 3. V France métropolitaine - 2011
Chaque année, une association de cyclotourisme prépare de nouveaux circuits. Pour satisfaire ses nombreux membres, elle élabore des circuits de différents niveaux : « niveau facile », « niveau moyen » et « niveau difficile ».
Au premier janvier 2010, l’association a fait son bilan :
• 20% de ses adhérents ont choisi le niveau facile, noté A
• 70% de ses adhérents ont choisi le niveau moyen, noté B
• 10% de ses adhérents ont choisi le niveau difficile, noté C
Pour répondre aux attentes des adhérents et les fidéliser sur le long terme, une enquête est effectuée.
Il s’avère que, d’une année à l’autre :
• parmi les adhérents ayant choisi le niveau A, 40% restent à ce niveau et 60% passent au niveau B,
• parmi les adhérents ayant choisi le niveau B, 70% restent à ce niveau et 20% reviennent au niveau A et les autres passent passent au niveau C,
• parmi les adhérents ayant choisi le niveau C, 85% restent à ce niveau et les autres reviennent au niveau B.
On note :
• A l’état « l’adhérent a choisi le niveau A »,
• B l’état « l’adhérent a choisi le niveau B »,
• C l’état « l’adhérent a choisi le niveau C ».
Pournentier naturel positif ou nul, on notePn=¡
an bn cn¢
la matrice ligne donnant l’état probabiliste de la répartition dans les différents niveaux (indiqués dans l’ordre donné dans l’énoncé), au premier janvier de l’année 2010+n. AinsiP0=(0,2 0,7 0,1).
On se décide se baser uniquement sur ces résultats pour prévoir l’évolution de la répartition à partir du premier janvier 2010 (on néglige donc les nouveaux abonnés et les départs).
1. On a le graphe probabiliste suivant :
A B C
0,4
0,6 0,1
0,2 0,15
0,85 0,7
2. En respectant l’ordre alphabétique des sommets, on aM=
0,4 0,6 0
0,2 0,7 0,1 0 0,15 0,85
. 3. Il suffit de vérifier que la matriceRcorrespond à l’état stable :
µ1 6
1 2
1 3
¶
×
0,4 0,6 0
0,2 0,7 0,1 0 0,15 0,85
= µ1
6 1 2
1 3
¶
. Le président a raison.
On pourrait également calculer la matriceP=¡
a b c¢
, aveca+b+c=1 qui correspond à l’état stable et qui doit vérifier l’équation :P=P×M.
On est ramené à résoudre un système de trois équations à trois inconnues qui donne biena=1 6,b=1
2etc=1 6.
