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Inégalité de Hoeffding et application

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Academic year: 2022

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Texte intégral

(1)

DÉVELOPPEMENTS POUR L’AGRÉGATION EXTERNE

Inégalité de Hoeffding et application

1

Leçons : 253, 260, 261, 262,229

[Ouv2], exercice 10.11 Théorème

Soit(Xn)nN une suite de variables aléatoires réelles, indépendantes et centrées.

De plus, on suppose que∀n∈N,Xnest ps bornée parcn, oùcn>0.

On note :∀n∈N,Sn=

n j=1

Xjetan=

n j=1

c2j.

Alors∀ε>0,∀n∈N,P(|Sn|> ε)62 exp

ε

2

2an

.

Démonstration :

Il va s’agir de démontrer le lemme qui suit.

Lemme

SoitXune variable aléatoire réelle, centrée, et ps bornée par 1.

On noteLXsa transformée de Laplace.

On a :tR,LX(t)6exp t2

2

.

Démonstration :

SoittR, on a :x∈[−1, 1],tx= 1x

2 (−t) +1+x 2 t.

Donc, par convexité de l’exponentielle, on en déduit :x∈[−1, 1], etx6 1x

2 e−t+1+x 2 et. Mais on sait que|X|61 ps ; en particulier, etXest bornée ps donc admet un moment d’ordre 1.

Ainsi,LXest bien définie entet : LX(t)6 E[1X]

2 e−t+E[1+X] 2 et= 1

2 e−t+et

=cht=

n=0

t2n (2n)! 6

n=0

t2n

n!2n =exp t2

2

.

FixonsnN.

On applique le lemme aux variables Xj

cj, oùj∈[[1,n]]:tR,LXj(t) =LXj

cj

(tcj)6exp t2

2c2j

. Mais par indépendance des exp tXj

pourj∈[[1,n]], il vient :

tR,LSn(t) =

n j=1

LXj(t)6exp t2

2an

.

Soientt>0 etε>0 ; on a :Sn >εetSn >e. Ainsi, par l’inégalité de Markov, on obtient :

P(Sn >ε) =PetSn >e 6 E

etSn

e =e−tεLSn(t)6exp

+t

2

2an

.

Cette inégalité est vraie pour toutt >0, donc en particulier pourt= ε

an, où+t

2

2anréalise son minimum, d’où :P(Sn>ε)6exp

ε2 a2n

an

2ε anε

=exp

ε

2

2an

.

Soitε>0 quelconque.

On a :P(|Sn|>ε) =P(Sn>ε) +P(Sn <−ε).

Mais on aurait pu appliquer tout ce qu’on vient de faire aux variablesXj, oùj ∈ [[1,n]], et donc : P(Sn<−ε) =P(−Sn >ε)6exp

ε

2

2an

. Et finalement,P(|Sn|>ε)62 exp

ε

2

2an

.

Florian LEMONNIER 1

Diffusion à titre gratuit uniquement. ENS Rennes – Université Rennes 1

(2)

DÉVELOPPEMENTS POUR L’AGRÉGATION EXTERNE

Corollaire

Soitα>0 ; on ajoute l’hypothèse supplémentaire :∃β>0,∀n ∈N,an6nβ. Alors : Sn

nα

−→ps n0.

Démonstration :

Soitε>0, on a, par Hoeffding :nN,P(|Sn|>nαε)62 exp

n

ε2 2an

62 exp

nβε

2

2

. Mais la série

n>1

exp

nβε

2

2

converge (par le critère de Riemann), carNN,n6N,ε2

2nβ >2 lnn et doncNN,n6N, 06exp

n

βε2 2

> 1 n2. Ainsi, la série

n>1

P(|Sn|>nαε)converge, d’où, par Borel-Cantelli :

ε>0,P lim sup

n→ {|Sn|>nαε}

=0, ieP lim inf

n→ {|Sn|6nαε}=1.

En particulier,pN,P [

n∈N

\ k>n

Sk kα 6 1

p !

=1.

C’est-à-dire :pN,Npnégligeable,ωNpc,nN,k>n,

Sk(ω) kα

6 1

p. On pose alorsN= [

p∈N

Np, alorsNest négligeable et :

ωNc,pN,nN,k>n,

Sk(ω) kα

6 1

p. Ou, en d’autres termes : Sn

nα

−→ps n→0.

Références

[Ouv2] J.-Y. OUVRARD–Probabilités 2, 3eéd., Cassini, 2009.

1. Allez, une autre application, si vous aimez les statistiques ; elle provient de la partie 3.2 du livreStatistique mathématique, de B. CADRE et C. VIAL, paru en 2012 aux éditions Ellipses. Plaçons-nous dans un modèle statistique Hn,{Pθ}θ∈Θavec H ⊂RetΘ Rd. Le paramètre d’intérêt estg(θ)avecg : Θ Rune fonction continue On suppose queX1, . . . ,Xnsont indépendantes et identiquement distribuées, de loiPθ, bornéesPθ-ps et avecEθ[X1] =g(θ). Soitcune bornePθ-presque sûre deX1g(θ). On veut un intervalle de confiance pourg(θ).

Par Hoeffding,Pθ

Xng(θ)>ε

= Pθ

n j=1

Xjg(θ)

>

62 exp

n

2ε2 2nc2

=2 exp

2

2c2

. Soitα∈]0, 1[,

on choisitεde sorte queα=2 exp

2

2c2

, ie :ε=c r2

nln2

α. Dès lors, on obtient l’intervalle de confiance par excès au niveau 1α, pourg(θ):Iα=

"

Xnc r2

nln2 α,Xn+c

r2 nln2

α

# .

Florian LEMONNIER 2

Diffusion à titre gratuit uniquement. ENS Rennes – Université Rennes 1

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