[ Corrigé du baccalauréat ES Amérique du Nord 31 mai 2006 \
EXERCICE1 5 points
Commun à tous les candidats
Q1 : on sait que la limite est égale à zéro.
Q2 : µ1
2ex2
¶′
=1
2×2xex2=xex2. Q3 :xlnx)′=lnx+x×1
x=lnx+1.
Q4 : e−2 ln 5= 1
e2 ln 5= 1
eln 52 = 1
eln 25= 1
25.
Q5 : En posant ex=X, l’équation devientX=16
X ⇐⇒ X2=16 qui a pour solutionX=4ex ⇐⇒ x= ln 4 etX= −4=exmais cette équation n’a pas de solution. Donc une solution.
Q6 :xln(0, 2)−5>0 ⇐⇒ xln(0, 2)>5⇐⇒ x6ln 0,25 (car ln 0, 2<0).
L’ensemble des solutions est donci
−∞; ln 0,25 i .
Q7 :P(A∪B)=P(A)+P(B)−P(A∩B)=0, 4+0, 3−0, 2=0, 5.
Q8 : On aP(A)=P(A∩B)+P
³ A∩B
´
⇐⇒ P
³ A∩B
´
=P(A)−P(A∩B)=0, 4−0, 2=0, 2.
Q9 :P³ A∩B´
=1−P(A∩B)=1−0, 2=0, 8.
Q10 :PA(B=P(A∩B) P(A) =0, 2
0, 4=1 2.
EXERCICE2 5 points
Pour les candidats ne suivant pas l’enseignement de spécialité Tous les résultats de cet exercice seront arrondis à10−2près.
On peut faire un arbre :
0,7 C
0,8 B
0,2 B
0,3 C
0,6 B
0,4 B 1. p³
C∩B´
=0, 18 (énoncé) etp³ C´
=0, 3 (énoncé) 2. On apC(B)=
p³ C∩B´ p³
C´ =0, 18 0, 3 =18
30= 6 10=0, 6.
3. a. D’après la loi des probabilités totales : p(B)=p(B∩C)+p³
B∩C´
=0, 7×0, 8+0, 18=0, 56+0, 18=0, 74.
b. La recette prévisible avec 1 000 touristes dont 74 % prennent une boisson à 2(est : 1000×2×0, 74=1480(.
4. a. Les valeurs possibles sont : – visite seule à pied :d=4 ; – visite à pied et boisson :d=6 ; – visite en car seule :d=7 ; – visite en car et boisson :d=9.
Corrigé du baccalauréat ES A. P. M. E. P.
b. On trouve les probabilités associées à la variable aléatoired facilement en remontant de bas en haut l’arbre dressé au début de l’exercice :
d 4 6 7 9
p 0, 3×0, 4=0, 12 0, 3×0, 6=0, 18 0, 7×0, 2=0, 14 0, 7×0, 8=0, 56 c. On E(d)=0, 12×4+0, 18×6+0, 14×7+0, 56×9=0, 48+1, 08+0, 98+5, 04=7, 58(.
Pour un grand nombre de touristes la dépense moyenne sera de 7,58(par touriste.
EXERCICE2 5 points
Pour les candidats suivant l’enseignement de spécialité 1. P1=¡
0, 15 0, 85¢ . 2. a.
G T
0, 65 0, 67
0, 35
0, 33
b. En respectant l’ordre alphabétique des sommets la matrice de transition associée à ce graphe estM=
µ0, 65 0, 35 0, 33 0, 67
¶ . 3. On aP3=P1×M2=¡
0, 15 0, 85¢
×
µ0, 65 0, 35 0, 33 0, 67
¶2
=¡
0, 15 0, 85¢
×
µ0, 538 0, 462 0,4356 0,5644
¶2
=
¡0,45096 0,54904¢ .
Cela signifie que le 3ejour environ 45,1 % des membre du personnel seront favorables à la grève.
4. a. Les termes de la matrice de transition n’étant pas nuls on sait que quel que soit l’état initial l’étaitPnconverge vers un état stableP=¡
x y¢
, avecx+y=1 qui vérifie :P=P×Msoit :
¡x y¢
=¡ x y¢
×
µ0, 65 0, 35 0, 33 0, 67
¶
⇒
½ x = 0, 65x+0, 33y y = 0, 35x+0, 67y ⇐⇒
½ 0, 35x−0, 33y = 0
−0, 35x+0, 33y = 0 Ainsi on a :x=0, 65x+0, 33y.
b. On a donc le système :
½ 0, 35x−0, 33y = 0
x+y = 1 ⇐⇒
½ 0, 35x−0, 33y = 0
y = 1−x ⇐⇒
½ 0, 35x−0, 33(1−x) = 0
y = 1−x ⇐⇒
½ 0, 68x−0, 33 = 0
y = 1−x ⇐⇒
½ 0, 68x = 0, 33
y = 1−x ⇐⇒
½ x = 33
68
y = 1−33
68
⇐⇒
½ x = 33
68
y = 35
68
. On ax=33
68≈0, 485 ety=35
68≈0, 515.
c. Le résultat précédent montre que sur le long terme environ 48,5 % des membres du per- sonnel continueront à souhaiter la grève.
EXERCICE3 5 points
Commun à tous les candidats A. Ajustement affine
Amérique du Nord 2 31 mai 2006
Corrigé du baccalauréat ES A. P. M. E. P.
1.
0 500 1000 1500 2000 2500 3000
0 1 2 3 4 5
b b b b b b
2. Le pourcentage de dépréciation du prix de revente après les trois premières années d’utilisa- tion est égal à3000−1536
3000 ×100=1464
3000×100=48, 8%.
3. La calculatrice donney= −399x+2843.
B. Ajustement non affine
On posez=ln(y) et on admet qu’une équation de la droite de régression dezenxest donnée par : z= −0, 22x+8, 01.
1. On az=lny= −0, 22x+8, 01⇐⇒ y=e−0,22x+8,01=e−0,22x×e8,01. Or e8,01≈3010,9 soit à l’unité près 3 011.
Finalementy=3011e−0,22x.
On a également e−0,22x=e−0,22x≈0, 8x. Donc on peut écrirey=3011×0, 80x.
2. Le prix de revente devient inférieur ou égal à 500 euros si 30110, 80x 6500⇐⇒0, 80x6 500
3011 ⇐⇒ xln 0, 86ln3 011500 ⇐⇒x>ln
500 3 011
ln 0, 8 (car ln 0, 8<0).
La calculatrice donne ln3 011500 ln 0, 8 ≈8, 05.
Il faudra donc attendre 9 ans pour que le prix de revente soit inférieur à 500(. C Comparaison des ajustements
Au bout de 6 ans le prix de revente :
– avec l’ajustement affine est égal à−399×6+2843=449(. – avec l’ajustement exponentiel 0, 806×3011≈789 (().
C’est donc l’ajustement affine qui est le plus pertinent.
EXERCICE4 5 points
Amérique du Nord 3 31 mai 2006
Corrigé du baccalauréat ES A. P. M. E. P.
Commun à tous les candidats A. Étude d’une fonctionf
1. On af(x)=ln[r(x)]=ln£
(900x)e−0,1(x−2)¤
=ln 900+lnx−0, 1(x−2).
2. La fonctionf est dérivable sur ]0 ; 12] et sur cet intervalle f′(x)=1
x−0, 1=1 x− 1
10=10−x 10x .
3. Commex>0, le signe def′(x) est celui de 10−x, donc : – six<10, f′(x)>0, donc la fonction est croissante sur [0 ; 10[ ; – six>10, f′(x)<0, donc la fonction est décroissante sur ]10 ; 12]
–f′(10)=0, f(10) est le maximum def sur [0 ; 12].
4. Comme f(x)=ln[r(x)], alorsf′(x)=r′(x) r(x)
Comme la fonctionrest positive sur [0 ; 12], le signe def′(x) est le même que celui der′(x).
5. On a donc les variations suivantes der:
– six<10, r′(x)>0, donc la fonction est croissante sur [0 ; 10[ ; – six>10, r′(x)<0, donc la fonction est décroissante sur ]10 ; 12]
–r′(10)=0, r(10) est le maximum def sur [0 ; 12].
6. D’après le résultat précédent la fonctionratteint un maximum pourx0=10 et ce maximum estr(x0)=r(10)=900×10e−0,1(10−2)=9000e−0,8≈4043,96.
B. Calcul de la valeur moyenne 1. Sur [0 ; 12],Rest dérivable et :
R′(x)= −9000e−0,1(x−2)−9000(x+10)×(−0, 1)e−0,1(x−2)= −9000e−0,1(x−2)+900(x+10)e−0,1(x−2)= 900e−0,1(x−2)(−10+x+10)=900xe−0,1(x−2)=r(x).
2. rm= 1 12
Z12 0
r(x) dx= 1
12[R(x)]120 = 1
12[R(12)−R(0)]= 1
12
£−9000(12+10)e−0,1(12−2)+9000(0+10)e−0,1(0−2)¤
=
1 12
£−9000×22e−0,1×(10)+9000×10e−0,1(−2)¤
=1500¡
5e0,2−11e−11¢ . On arm≈3090,51.
Amérique du Nord 4 31 mai 2006