Existence de la fonction exponentielle
On considère les suites réelles(un)et (vn)définies pour toutn≥1par : un(x) =³
1 +x n
´n
et vn(x) =³ 1−x
n
´−n
. La démarche est alors la suivante :
Démontrer que les deux suites sont adjacentes et admettent donc une limite commune. Cette limite dépend bien sûr dex. On peut alors créer une fonctionf qui à toute valeur dexassocie cette limite.
On est alors assuré de l’existence d’une fonctionf telle quef(x) = lim
n→+∞
³ 1 + x
n
´n
= lim
n→+∞
³ 1−x
n
´n
,pour toutxréel.
On montrera alors enfin que f(0) = 1et quef est dérivable avecf0(x) =f(x).
Il ne reste plus alors qu’à conclure.
1. Soit la propriéré(P n): pour tout réelα >−1,(1 +α)n≥1 +nα.
Démontrer que cette propriété est vraie pour toutndeN.
2. Démontrons que(un(x))est croissante : 2.1.Vérifier que 1 + x
n+ 1 =³ 1 + x
n
´Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 +nx¢
!
2.2. En remplaçant dans l’expression deun+1,en déduire queun+1(x) =³ 1 + x
n
´n+1Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!n+1
2.3. Montrer qu’à partir d’un certain rang,− x n(n+ 1)¡
1 +nx¢>−1.
2.4. En appliquant la propriétéP nà Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!n+1
,montrer qu’alorsun+1≥un. 2.5. Conclure sur la monotonie de(un(x)).
3. En remarquant quevn(x) = 1
un(−x) démontrer que(vn(x))est décroissante.
4. Démontrons que lim
n→+∞(un(x)−vn(x)) = 0.
On pourra majorer à l’aide dePn :³ 1 +x
n
´n
et³ 1−x
n
´−n
5. Conclure concernant les suites(un(x))et(vn(x))et leurs limites.
6. Soit doncf(x) = lim
n→+∞un(x).Montrer quef(0) = 1.
7. Montrons quef est dérivable et que f0(x) =f(x)pour toutx.
On va donc essayer d’étudier la limite de f(x+h)−f(x)
h quand htend vers 0, pour un xfixé quelconque.
7.1.Ecrire ce qu’estf(x+h)
7.2. Vérifier que µ
1 + x+h n
¶n
=³ 1 + x
n
´n
⎡
⎢⎣1 + h n 1 + x
n
⎤
⎥⎦
n
7.3.Montrer que pour|h|<1etn+x >1, en utilisant encore la propriétéP n,
que µ
1 +x+h n
¶n
≥³ 1 + x
n
´n
⎡
⎣1 + h 1 +x
n
⎤
⎦
7.4. En déduire quef(x+h)≥f(x) (1 +h)
7.5 En réécrivant cette expression pourx+het en remplaçanthpar−h, montrer quef(x)≤ f(x+h)−f(x)
h ≤ f(x)
1−h ou f(x)
1−h≤ f(x+h)−f(x)
h ≤f(x)
7.6 Conclure
On considère les suites réelles (un) et(vn) définies pour tout n≥1par : un(x) =³
1 +x n
´n
etvn(x) =³ 1−x
n
´−n
.
1. Soit la propriéré(P n): pour tout réel α >−1,(1 +α)n≥1 +nα.
Démontrer que cette propriété est vraie pour tout n de N.
Démonstration par récurrence : Supposonsx >−1; Soit(Pn): (1 +α)n≥1 +nα F(1 +α)0= 1 + 0×α= 1La propriété est donc vraie pourn= 0
FHérédité : SupposonsP nvraie,.c’est à dire(1 +α)n≥1 +nα
Dès lors, (1 +α)n+1= (1 +α)n(1 +α)donc(1 +α)n+1≥(1 +nα) (1 +α)puisqueα >−1⇒1 +α >0 Et(1 +α)n+1≥nα2+α+nα+ 1
≥α+nαpuisquenα2+ 1>0
≥(n+ 1)α
La propriété est donc vraie à l’ordren+ 1.
La propriété est donc vraie pourn= 0 ; la supposant vraie à l’ordrenelle l’est encore à l’ordren+ 1.
Elle est donc vraie pour toutn. C’est à dire,α >−1, (1 +α)n≥1 +nα 2. Démontrons que (un(x))est croissante :
2.1.Vérifier que 1 + x n+ 1 =³
1 + x n
´Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!
³ 1 + x
n
´Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!
= 1 +x
n− x
n(n+ 1)
Il suffit alors de réduire le 2◦ membre au même dénominateur :
³ 1 + x
n
´Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!
= 1 +x
n− x
n(n+ 1)
= 1 + (n+ 1)x−x n(n+ 1)
= 1 + nx n(n+ 1)
= 1 + x n+ 1
Donc1 + x n+ 1 =³
1 + x n
´⎛
⎝1− x n(n+ 1)³
1 + x n
´
⎞
⎠
2.2. En remplaçant dans l’expression deun+1,en déduire queun+1(x) =³ 1 + x
n
´n+1Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 +xn¢
!n+1
un(x) =³ 1 +x
n
´n
⇒un+1(x) = µ
1 + x n+ 1
¶n+1
= µ
1 + x
n− x
n(n+ 1)
¶n+1
Or1 +x
n− x
n(n+ 1) =³ 1 + x
n
´n+1Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 +nx¢
!n+1
Doncun+1(x) =³ 1 + x
n
´n+1Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!n+1
2.3. Montrer qu’à partir d’un certain rang, − x n(n+ 1)¡
1 + xn¢ >−1.
En multipliant les deux membres par−1,il suffit d’établir que : x n(n+ 1)¡
1 + xn¢ <1à partir d’une certaine valeur den.
Si 1 +xn >0,c’est à dire pourn+x >0donc pourn >−xcondition(C1)on a: n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
>0 Ainsi, sous cette condition(C1), x
n(n+ 1)¡
1 +xn¢ <1⇔x < n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
⇔x <(n+ 1) (n+x)
⇔x < n2+n+nx+x
⇔n2+n+nx >0 En divisant parncette condition devient : n+ 1 +x >0doncn >−1−xcondition(C2) La plus restrictive de ces deux conditions étant la première, on peut écrire :
n >−x⇒ x n(n+ 1)¡
1 + xn¢ <1⇒ − x n(n+ 1)¡
1 +xn¢ >−1
Donc quen >−x⇒ − x n(n+ 1)¡
1 +xn¢ >−1
2.4. En appliquant la propriété P n à Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!n+1
, montrer qu’alors un+1≥un.
On a vu que pourα >−1,(1 +α)n ≥1 +nαou encore, à l’ordren+ 1: (1 +α)n+1≥1 + (n+ 1)α Donc ici, en prenant− x
n(n+ 1)¡
1 +xn¢ pourα,
− x
n(n+ 1)¡
1 +xn¢ >−1⇒ Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 +nx¢
!n+1
≥1 + (n+ 1) Ã
− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!
Donc Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 + xn¢
!n+1
≥1− x n¡
1 +xn¢
≥1− x (n+x)
≥ n n+x Orun+1(x) =³
1 + x n
´n+1Ã
1− x
n(n+ 1)¡ 1 +nx¢
!n+1
Doncun+1(x)≥³ 1 +x
n
´n+1 n n+x
≥
µn+x n
¶n+1
n n+x
≥
µn+x n
¶n
≥³ 1 + x
n
´n
On a donc bien un+1(x)≥un(x)
2.5. Conclure sur la monotonie de (un(x)). (un(x))est donc croissante à partir d’un certain rang. (n >−x)
3. En remarquant que vn(x) = 1
un(−x) démontrer que (vn(x))est décroissante.
(un(x))est donc croissante, propriété démontrée pour toutxréel, on auraun+1(−x)≥un(−x)⇒ 1
un+1(−x) ≤ 1 un(−x) Doncvn(x)≥vn+1(x)et (vn(x))est donc décroissante à partir d’un certain rang. (n >−x)
4. Démontrons que lim
n→+∞(un(x)−vn(x)) = 0.
On pourra majorer à l’aide de Pn : ³ 1 + x
n
´n
et³ 1−x
n
´−n
un(x)−vn(x) =³ 1 +x
n
´n
−³ 1−x
n
´−n
. NOr,n >−x⇒ x
n >−1donc d’aprèsPn:. ³ 1 + x
n
´n
≥1 +x notée(I1) NDe même, pourn > x, −x
n >−1on aura.donc³ 1−x
n
´n
≥1−x
On prendra en faitnsupérieur au plus grand des deux nombresxet−xpour être certain des deux majorations.
Dès lors, ³ 1−x
n
´n
≥1−x⇒ 1
³ 1−x
n
´n ≤ 1
1−x la fonction inverse étant décroissante
⇒ −1
³ 1−x
n
´n ≥ −1
1−x en multiplant par−1 notée(I2) NEt³
1 + x n
´n
−³ 1−x
n
´−n
≥(1 +x)− 1
1−x en faisant la somme membre à membre de(I1)et(I2) Doncun(x)−vn(x)≥1−x2−1
1−nx ⇒un(x)−vn(x)≥ −x2 1−nx Or lim
n→+∞(1−nx) =±∞suivant le signe dex⇒ lim
n→+∞
−x2 1−nx= 0 On en déduit que lim
n→+∞(un(x)−vn(x)) = 0
5. Conclure concernant les suites(un(x))et (vn(x)) et leurs limites.
Les suites sont donc adjacentes. Elles convergent vers une même limite 6. Soit doncf(x) = lim
n→+∞un(x). Montrer quef(0) = 1.
Pourx= 0, un(0) =
µ 1 + 0
n
¶n
= 1 etvn(0) = µ
1− 0 n
¶−n
= 1.
Les suites sont constantes et on donc pour limite 1. Doncf(0) = 1 7. Montrons que f est dérivable et quef0(x) =f(x)pour tout x.
On va essayer d’étudier la limite de f(x+h)−f(x)
h quand htend vers 0, pour unx fixé quelconque.
7.1.Ecrire ce qu’est f(x+h) f(x+h) = lim
n→+∞un(x+h) Donc f(x+h) = lim
n→+∞
µ
1 +x+h n
¶n
7.2. Vérifier que µ
1 +x+h n
¶n
=³ 1 +x
n
´n
⎡
⎢⎣1 + h n 1 + x
n
⎤
⎥⎦
n
³1 + x n
´n
⎡
⎢⎣1 + h n 1 + x
n
⎤
⎥⎦
n
=
⎡
⎢⎣³ 1 + x
n
´⎛
⎜⎝1 + h n 1 +x
n
⎞
⎟⎠
⎤
⎥⎦
n
Or³ 1 + x
n
´⎛
⎜⎝1 + h n 1 + x
n
⎞
⎟⎠=
µn+x n
¶ µ 1 + h
n+x
¶
=
µn+x n
¶ µn+x+h n+x
¶
= n+x+h n
Ainsi,³ 1 + x
n
´⎛
⎜⎝1 + h n 1 + x
n
⎞
⎟⎠= 1 +x+h n
On en déduit que
⎡
⎢⎣³ 1 + x
n
´⎛
⎜⎝1 + h n 1 + x
n
⎞
⎟⎠
⎤
⎥⎦
n
= µ
1 +x+h n
¶n
7.3.Montrer que pour |h|<1etn+x >1, en utilisant encore la propriétéP n, que
µ
1 + x+h n
¶n
≥³ 1 + x
n
´n
⎡
⎣1 + h 1 + x
n
⎤
⎦
1 + h n 1 +x
n
sin+x >1alors1 +x n > 1
n ⇒ 1
1 +x n
< net donc
¯¯
¯¯
¯¯ 1 1 + x
n
¯¯
¯¯
¯¯< n
Si de plus|h|<1,alors
¯¯
¯¯h n
¯¯
¯¯< 1 n et
¯¯
¯¯
¯¯
¯ h n 1 +x
n
¯¯
¯¯
¯¯
¯
=
¯¯
¯¯ h n
¯¯
¯¯
¯¯
¯1 + x n
¯¯
¯
< 1
n×ncomme produit de deux quantité comprises entre0et1.
Donc
¯¯
¯¯
¯¯
¯ h n 1 +x
n
¯¯
¯¯
¯¯
¯
<1On aura donc forcément h n 1 +x
n
>−1(sinon sa valeur absolue serait plus grande que 1)
On peut donc appliquer à nouveau P n,avecα= h n 1 + x
n .
Donc pourn >1−xet|h|<1,
⎡
⎢⎣1 + h n 1 +x
n
⎤
⎥⎦
n
≥1 + nh
n 1 + x
n
Donc
⎡
⎢⎣1 + h n 1 + x
n
⎤
⎥⎦
n
≥1 + h 1 + x
n donc
⎡
⎢⎣1 + h n 1 + x
n
⎤
⎥⎦
n
≥1 + h 1 + x
n
et µ
1 +x+h n
¶n
≥³ 1 + x
n
´n
⎡
⎣1 + h 1 +x
n
⎤
⎦
n
⇒ µ
1 +x+h n
¶n
≥³ 1 +x
n
´n
⎛
⎝1 + h 1 + x
n
⎞
⎠
7.4. En déduire que f(x+h)≥f(x) (1 +h) En passant à la limite,
µ
1 +x+h n
¶n
étant convergente (c’estun)de même que³ 1 + x
n
´n
et
⎛
⎝1 + h 1 + x
n
⎞
⎠
et en vertu des théorèmes généraux sur les limites, lim
n→+∞
µ
1 + x+h n
¶n
≥ lim
n→+∞
³1 + x n
´n n→lim+∞
⎛
⎝1 + h 1 + x
n
⎞
⎠
c’est à dire, f(x+h)≥f(x) (1 +h).
7.5 En réécrivant cette expression pour x+h et en remplaçant hpar −h, montrer que f(x)≤ f(x+h)−f(x)
h ≤ f(x)
1−h ou f(x)
1−h ≤ f(x+h)−f(x)
h ≤f(x)
Remarquons que les conditions sont|h|<1ce qui sera plutôt sympa quand il faudra faire tendrehvers0et n+x >1.
Dés lors, |h|<1⇒|−h|<1.la formule obtenue avechsera vraie aussi pour−h.
De plus,n+x+h >1peut toujours être vérifiée en commençant éventuellement à un ordre supérieur.
On aurait de enx0 et en écrivant la formule avec−h: f(x0−h)≥f(x0) (1−h) Donc en prenantx0=x+h: f(x+h−h)≥f(x+h) (1−h)doncf(x+h)≤ f(x)
1−h En regroupant ces deux inégalités, on obtient : f(x) (1 +h)≤f(x+h)≤ f(x)
1−h C’est à dire : f(x) +hf(x)≤f(x+h)≤ f(x)
1−h donchf(x)≤f(x+h)−f(x)≤ f(x)
1−h−f(x) C’est à direhf(x)≤f(x+h)−f(x)≤hf(x)donc f(x)≤ f(x+h)−f(x)
h ≤ f(x)
1−h pour h >0 et f(x)
1−h ≤ f(x+h)−f(x)
h ≤ f(x)
h pourh <0 7.6 Conclure
Et par conséquent, lim
h→0
f(x+h)−f(x)
h =f(x),ce qui prouve que f est dérivable et que f0(x) =f(x).
Le début (jusqu’au 5.) prouve l’existence def,la suite prouve quef(0) = 1et quef0(x) =f(x)pour toutx.