ISA BTP, 4◦année ANNÉE UNIVERSITAIRE 2013-2014
CONTRÔLE CONTINU Séries de Fourier, transformée de Laplace
Durée : 1h30. Calculatrices et formulaires autorisés.
Tous les exercices sont indépendants
Il sera tenu compte de la rédaction et la présentation
Exercice 1 Soit a ∈]0, π[. On considère la fonction f définie sur R, paire, 2π-périodique et qui coïncide sur [0, π[ avec la fonction qui vaut
0 si 0 6 x 6 a 1 sinon. 1. Représenter graphiquement la fonction f . 2. Calculer ses coefficients de Fourier.
3. Écrire la série de Fourier de f et en déduire l’égalité π − 2a 4 = +∞ X n=1 sin(na) cos(na) n pour tout a ∈]0, π[. 4. En posant a = π
4, écrire π sous la forme d’une somme infinie dont tous les termes
sont non nuls. On rappelle la formule
sin(θ) cos(θ) = 1
2sin(2θ)
? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?
Exercice 2 soit α ∈ R un réel non entier entier et soit f la fonction 2π-périodique vérifiant
∀t ∈ [−π, π], f (t) = cos(αt).
1. Tracer le graphe de f sur [−2π, 2π] pour α = 1
4, α =
1
2, α =
3 4.
2. Montrer que la série de Fourier de f est Sf(t) = sin(απ) απ + 2α sin(απ) π +∞ X n=1 (−1)n α2− n2 cos(nt)
3. En déduire f (t) sous la forme d’une série trigonométrique. (On justifiera que cette égalité est valable pour tout t ∈ R).
4. En fixant à chaque fois une valeur de t, donner les valeurs des sommes
S1 = +∞ X n=1 (−1)n n2− α2 et S2 = +∞ X n=1 1 n2− α2 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ?
Exercice 3 Soit (S) le système différentiel défini sur R+ par
(S) : x
0 = y + sin t
y0 = −x + 2y − cos t
auquel on ajoute les conditions initiales
(C.I.) : x(0) = 0, y(0) = 1
1. Montrer que si l’on note X et Y les transformées de Laplace respectives de x et y, on a (S) + (C.I.) ⇐⇒ X = 1 p − 1 − p p2+ 1 Y = 1 p − 1 2. En déduire l’unique solution du système (S) + (C.I.).
? ? ?
CORRECTION
Exercice 1 : 1.
−
a
a
π
−
π
2. La fonction f étant paire, on a bn = 0 pour tout n > 1. D’autre part
an = 2 π Z π 0 f (t) cos(nt)dt = 2 π Z π a cos(nt)dt = 2 π 1 nsin(nt) π a pour n 6= 0 = −2 sin(na) nπ et a0 = 2 π Z π a dt = 2(π − a) π = 2 1 − a π
3. D’après les calculs précédents, on a Sf(t) = 1 − a π − 2 π +∞ X n=1 sin(na) n cos(nt) 4. En t = a, on a donc 1 − a π − 2 π +∞ X n=1 sin(na) cos(na) n = f (a+) + f (a−) 2 = 1 2 D’où +∞ Xsin(na) cos(na) n = π 2 1 2− a π = π − 2a 4
5. Pour a = π4, on a +∞ X n=1 sin nπ4 cos nπ4 n = π − π2 4 ⇐⇒ +∞ X n=1 1 nsin nπ 2 = π 4 Dans la somme ci-dessus, les termes d’indice pairs sont nuls. On a donc
π = 4 +∞ X p=0 (−1)p 2p + 1 ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? Exercice 2 : 1. α = 14 -6 -4 -2 2 4 6 0.2 0.4 0.6 0.8 1 α = 14 -6 -4 -2 2 4 6 0.2 0.4 0.6 0.8 1 α = 14
-6 -4 -2 2 4 6
-0.5 0.5 1
2. La fonction f étant paire, on a bn = 0 pour tout n > 1. Par ailleurs,
an= 2 π Z π 0 cos(αt) cos(nt)dt
On peut alors calculer ces coefficients en effectuant successivement deux intégrations par parties. Ainsi,
(a) On pose
u(t) = cos(αt) ⇒ u0(t) = −α sin(αt)
v0(t) = cos(nt) ⇒ v(t) = n1 sin(nt) On a alors an= 2 π 1 ncos(αt) sin(nt) π 0 +α n Z π 0 sin(αt) sin(nt)dt = 2α nπ Z π 0 sin(αt) sin(nt)dt (b) On pose ensuite
u(t) = sin(αt) ⇒ u0(t) = α cos(αt)
v0(t) = sin(nt) ⇒ v(t) = −n1 cos(nt) et on a an= 2α nπ −1 nsin(αt) cos(nt) π 0 +α n Z π 0 cos(αt) cos(nt)dt = − 2α πn2 sin(απ)(−1) n+α2 n2an Ainsi, α2 n2 − 1 an= 2α πn2(−1) n sin(απ) =⇒ an = 2α(−1)n π(α2− n2)sin(απ)
Enfin, le calcul étant valable uniquement pour n 6= 0, il faut calculer a0 à part. Ainsi, a0 = 2 π Z π 0 cos(αt)dt = 2 π 1 αsin(αt) π 0 = 2 απ sin(απ)
3. La série de Fourier de f est donc
Sf(t) = sin(απ) απ + 2α sin(απ) π +∞ X n=1 (−1)n α2− n2 cos(nt)
D’autre part, f étant continue sur R (puisque f (−π) = f (π)), on a
∀t ∈ R, f (t) = sin(απ) απ + 2α sin(απ) π +∞ X n=1 (−1)n α2− n2 cos(nt)
4. D’après l’égalité ci-dessus, on a – pour t = 0 : 1 = sin(απ) απ + 2α sin(απ) π +∞ X n=1 (−1)n α2− n2 = sin(απ) απ 1 − 2α +∞ X n=1 (−1)n α2− n2 ! D’où +∞ X n=1 (−1)n n2− α2 = 1 2α απ sin(απ)− 1 = π 2 sin(απ)− 1 2α – pour t = π : cos(απ) = sin(απ) απ + 2α sin(απ) π +∞ X n=1 (−1)n α2− n2(−1) n= sin(απ) απ 1 − 2α +∞ X n=1 1 α2− n2 ! D’où +∞ X n=1 1 n2− α2 = 1 2α απ sin(απ) cos(απ) − 1 = π sin(2απ) − 1 2α ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? Exercice 3 :
1. En passant le système (S) + (C.I.) au filtre de Laplace (en se basant sur les trans-formées de Laplace des fonctions sinus et cosinus données par le formulaire et sur le
fait que la TL est linéaire), on obtient (S) + (C.I.) ⇐⇒ pX = Y + 1 p2+ 1 pY − 1 = −X + 2Y − p p2+ 1 ⇐⇒ pX − Y = 1 p2 + 1 X + (p − 2)Y = 1 − p p2 + 1 ⇐⇒ −Y − p(p − 2)Y = 1 p2+ 1 − p + p2 p2+ 1 (L1 ← L1− pL2) X = 1 − p p2+ 1 − (p − 2)Y ⇐⇒ −Y (p2− 2p + 1) = 1 − p X = 1 − p p2+ 1 − (p − 2)Y ⇐⇒ Y = p − 1 (p − 1)2 = 1 p − 1 X = 1 − p p2+ 1 − p − 1 − 1 p − 1 = 1 p − 1 − p p2+ 1
2. On obtient alors l’unique solution du système (S) + (C.I.) en “remontant” les trans-formées de Laplace obtenues à la question précédente. Ainsi
x(t) = et− cos(t)
y(t) = et
? ? ?